第一篇,,专题一,,力与直线运动,,专题训练经典化

　第一篇

　 专题一

　力与直线运动

　[ 基础等级评价] 1 ．(2010· 天津高考) 质点做直线运动的 v-t 图象如图 1 －10 所示，规定向右为正方向，则前 该质点在前 8 s 内平均速度的大小和方向分别为(

　)

　图 图 1 －10 A ．0.25 m/s

　向右

　B ．0.25 m/s

　向左 C ．1 m/s

　向右

　 D ．1 m/s

　向左 ：

　解析：解 要清楚地理解 v-t 图象中的 “ 面积 ” 的物理意义．面积：表示 某段时间内的位移．本题 题 v-t 图象中的 “ 面积 ”x ＝3 m －5 m ＝－2 m ，平均速度是物体的位移 Δx 与发生这段位移间 所用时间 Δt 的比值，前 8 s 的平均速度是 v ＝－2/8 m/s ＝－0.25 m/s. 所以，前 8 s 的平均速度是 大小是 0.25 m/s ，方向向左，B 正确． 答案：B 2.(2010·惠 惠 州模拟) 如图 1 －11 所示，质量为 M 的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为 θ为 ，斜面上有一质量为 m 的小物块，小力 物块与斜面之间存在摩擦．用恒力 F 沿斜面向上拉小物块，使之匀速

　 图 图 1 －11 上滑．在小物块运动的过程 中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为(

　) A ．(M ＋m)g

　 B ．(M ＋m)g －F C ．(M ＋m)g ＋Fsinθ

　 D ．(M ＋m)g －Fsinθ 解析：

　对整体受力分析，在竖直方向上由平衡条件得：

　Fsinθ ＋F N ＝mg ＋Mg ，则 F N ＝ ＝mg ＋Mg －Fsinθ. 答案：D 3.(2010· 合肥 模拟) 如图 1 －12 所示，小球用细绳系住放在倾角为 θ 的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，细绳上的拉力将 (

　) A ．逐渐增大 B ．逐渐减小

　 图 图 1 －12 C ．先增大后减小 D ．先减小后增大

　解析：力 设细绳向上偏移过程中的某一时刻，绳与斜面支持力 F N 为 的夹角为 α ，作出力的图示如图甲所示，由正弦定理得：Gsin π －α  ＝F Tsinθ

　∴F T ＝ ＝G·sinθsin π －α 

　 讨论：当 α ＞ π2 时，F T ＞ ＞Gsinθ ； 当 当 α ＝ π2 时，F T ＝ ＝Gsinθ ； 当 当 α ＜ π2 时，F T ＞ ＞Gsinθ. 可见，当 当 α ＝ π2 时，F T 力 最小，即当绳与斜面支持力 F N 垂直( 即绳与斜面平行) 时，拉力 最小． 示 所以当绳由水平方向逐渐向上偏移时，如图乙所示 F T 项 先减小后增大，故选项 D 正确． 答案：D 4.(2010· 福建高考) 质量为 2 kg 的物体静止在足够大的水平地面为 上，物体与地面间的动摩擦因数为 0.2 ，最大静摩擦力与滑动摩擦力从 大小视为相等．从 t ＝0 时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性 力 变化的水平拉力 F 的作用，F 随时间 t 的变化规律如图 1 －13 所示．

　 图 图 1 －13 重力度 加速度 g 取 取 10 m/s 2 ，则物在 体在 t ＝0 至 至 t ＝12 s 这段时间的位移大小为(

　) A ．18 m

　 B ．54 m C ．72 m

　 D ．198 m 解析：力 物体与地面间最大静摩擦力 f ＝μmg＝ ＝0.2 ×2 ×10 N ＝4 N ．由题给 F-t 图象知 0～ ～3 s 内，F ＝4 N ，说明物体在这段时间内保持静止不动.3 ～6 s 内，F ＝8 N ，说明物体做匀加度 速运动，加速度 a ＝ F －fm＝ ＝2 m/s 2 .6 s 末物体的速度 v ＝at ＝2×3 ＝6 m/s ，在 6 ～9 s 内物体以 6 m/s 的速度做匀速运动.9 ～12 s 内又以 2 m/s 2 的加速作 度做匀加速运动，作 v-t 图象如下．故 0～ ～12 s 内的位移 x ＝( 12 ××3 ×6) ×2m ＋6 ×6m ＝54 m ．故 B 项正确．

　 答案：B 5 ．(2010· 青州模拟) 如图 1 －14 所示，表面粗糙的固定斜面顶端块 安有滑轮，两物块 P 、Q 用轻绳连接并跨过定滑轮( 不计滑轮的质量和摩擦) ，P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态．当用水平向左 推 的恒力推 Q 时，P 、Q 仍静止不动，则(

　)

　图 图 1 －14 A ．Q 受到的摩擦力一定变小 B ．Q 受 受 到的摩擦力一定变大 C ．轻绳上拉力一定变小 D ．轻绳上拉力一定不变 解析：体 物体 P 始终处于静止状态，则绳上拉力恒等于物体 P 的重力，不会发生变化，所以 以 D 选项正确． 加 未加 F 时，物体 Q 处于静止状态，Q 所受静摩擦力方向不确定，设斜面倾角为 α ，则有 F T ＝ ＝m P g ，F T ＋ ＋F f ＝ ＝m Q gsinα ， 即 即 F f ＝ ＝m Q gsinα －m P g. 当 当 m Q gsinα ＞m P g 时，F f 力 方向沿斜面向上，再加水平向左的推力 F ，F f 可能变小，F f 可能反向变大； 当 当 m Q gsinα ＝m P g 时，F f ＝ ＝0 ，再加水平向左的推力 F ，F f 变大； 当 当 m Q gsinα ＜m P g 时，F f 力 方向沿斜面向下，再加水平向左的推力 F ，F f 变大． 体 综合得物体 Q 受到的静摩擦力可能变小，可能变大，A 、B 选项均错误．正确答案为 D. 答案：D 6 ．(2010· 龙岩 模拟) 几位同学为了探究电梯启动和制动时的加速度，他们将体重计放在从 电梯中．一位同学站在体重计上，然后乘坐电梯从 1 层直接到 10 层，之后又从 10 层直接回到 到 1 层，并用照相机进行了相关记录，如图 1 －15 所示．他们根据记录，进行了如下推断分析，其中正确的是(

　)

　图 图 1 －15

　A ．根据图 2 和图 3 可估测出电梯向上启动时的加速度 B ．根据图 1 和图 2 可估测出电梯向上制动时的加速度 C ．根据图 1 和图 5 可估测出电梯向下制动时的加速度 D ．根据图 4 和图 3 可估测出电梯向下启动时的加速度 ：

　解析：图 题图 1 是电梯静止时体重计读数照片，由题图 1 可知站在体重计上同学的重力．题图 图 2 是电梯从 1 层启动时体重计读数照片，由题图 2 可知站在体重计上的同学在电梯启动时图 所受体重计的支持力，根据题图 1 和题图 2 可估测出电梯向上启动时的加速度，A 错误．题图 图 3 是电梯上升到 9 层开始制动时体重计读数照片，由题图 3 可知站在体重计上的同学上升到 到 9 层时所图 受体重计的支持力，根据题图 1 和题图 3 可估测出电梯向上制动时的加速度，B图 错误．题图 4 是电梯从 10 层开始向下时体重计读数照片，由题图 4 可知站在体重计上的同图 学在电梯开始向下启动时所受体重计的支持力，根据题图 1 和题图 4 可估测出电梯向下启动时的加速度，D 错误．题图 5 是电梯下降到 2 层开始制动时体重计读数照片，由题图 5 可知到 站在体重计上的同学下降到 2 层电梯开始制动时所受体重计的支持力，根据题图 1 和题图 5可估测出电梯向下制动时的加速度，C 正确． 答案：C 7 ．(2010· 西域区 模拟) 为了体现人文关怀，保障市民出行安全和严格执 法，各大都市交管部门强行推出了 “ 电子眼 ” ，据了解，在城区内全方位装上 “ 电子眼 ” 后立马见效，机动的 车闯红灯的现象大幅度减少，因闯红灯引发的交通事故的发生率也从过去的 5% 下降到 1%.现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度为 均为 10 m/s. 当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车( 反应时间忽略不计) ，乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢( 反应为 时间为 0.5 s) ．已知甲车紧急刹车时制动力为车重的 0.4 倍，乙车紧急刹车制动力为车 重的0.5 倍，求：

　(1) 若甲司机看到黄灯时车头距警戒线 15 m ，他采取上述措施能否避免闯红灯？ (2) 为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中应保持多大距离？ 解析：(1) 根据牛顿第二定律可得 为 甲车紧急刹车的加速度为 a 1 ＝ F f1m 1 ＝ 0.4m 1 gm 1＝ ＝4 m/s 2

　为 乙车紧急刹车的加速度为 a 2 ＝ F f2m 2 ＝ 0.5m 2 gm 2＝ ＝5 m/s 2

　间 甲车停下来所需时间 t 1 ＝ v 0a 1 ＝ 104 s ＝2.5 s 离 这段时间滑行距离 x ＝ v 022a 1 ＝10 22 ×4

　m ＝12.5 m x ＝12.5 m<15 m ．甲车司机能避免闯红灯． (2) 设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距离 x 0 后 ，在乙车刹车后 t 2 时刻两车恰好相遇，则

　有：

　v 0 － －a 1 (t 2 ＋ ＋0.5) ＝v 0 －a 2 t 2

　v 0 (t 2 ＋ ＋0.5)－ － 12 a 2 t 22 ＝v 0 (0.5 ＋t 2 )－ － 12 a 1 (0.5 ＋t 2 ) 2 ＋x 0

　代入数据解方程可得：t 2 ＝ ＝2 s ，x 0 ＝ ＝2.5 m. 此时甲、乙两 车速度恰好为零，结果合理． 答案：(1) 能避免闯红灯

　(2)2.5 m 8 ．(2010· 全国卷Ⅰ Ⅰ) 汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0 ～60 s 内汽车的加速度随时间变化的图线如图 1 －16 所示． (1) 画出汽车在 0 ～60 s 内的 v-t 图线； (2) 求在这 60 s 内汽车行驶的路程． 解析：

　：(1)设 设 t ＝10 s 、40 s 、60 s 时刻的速度分别为 v 1 、v 2 、v 3 .

　 图 图 1 －16 知 由图知 0 ～10 s 内汽车以加速度 2 m/s 2 匀加速行驶，由运动学公式得 v 1 ＝ ＝2 ×10 m/s ＝20 m/s

　① ① 知 由图知 10 ～40 s 内汽车匀速行驶，因此 v 2 ＝ ＝20 m/s

　② ② 知 由图知 40 ～60 s 内汽车以加速度 1 m/s 2 匀减速行驶，由运动学公式得 v 3 ＝ ＝(20 －1 ×20) m/s ＝ ＝0

　 ③ 根据 ①②③在 式，可画出汽车在 0 ～60 s 内的 v-t 图线，如图所示． (2)由 由 v-t 图线可知，在这 60 s 内汽车行驶的路程为 s ＝ 30 ＋602× ×20 m ＝900 m 答案：

　：(1) 见解析

　(2)900 m [发 发 展等级评价] ( 限时 60 分钟

　分 满分 100 分) 一、选择题( 本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分．每小题只有一个选项符合题意，把该选项前的字母填在题后的括号内) 1 ．(2010· 广东高考改编) 下列关于力的说法正确的是(

　) A ．作用力和反作用力作用在同一物体上 B ．太阳系中的行星均受到太阳的引力作用 C ．运行的人造地球卫星所受引力的方向不变 D ．伽利略的理想实验说明了力是维持物体运动的原因 解析：

　作用力和反作用力作用在两个不同的物体上，A 项错；太阳系中的所有行星都要受到太阳的引力，且引力方向沿着两个星球的连线 指向太阳，B 项正确，C 项错；伽利略理

　想实验说明力不是维持物体运动的原因，D 项错误． 答案：B 2 ．(2010· 福州模拟) 一质量为 2 kg 的物体沿光滑的斜面做直线运动，图 图 1 中的两条直线分别表示物体受平行于斜面方向的拉力和不受拉力的v-t 图象(g 取 取 10 m/s 2 ) ，则下面说法正确的是(

　) A ．拉力大小为 10 N ，方向沿斜面向下

　 图 图 1 B ．拉力大小为 10 N ，方向沿斜面向上 C ．拉力大小为 30 N ，方向沿斜面向上 D ．拉力大小为 30 N ，方向沿斜面向下 解析：由 由 v-t 图象得 a 1 ＝ ΔvΔt ＝＝5 m/s 2 ，a 2 ＝ Δv ′Δt＝ ＝10 m/s 2 物体不受拉力作用时， a ＝ mgsinθm＝ ＝gsinθ<10 m/s 2

　故 故 a 1 ＝ ＝gsinθ. 物体受拉力作用时，由图分析拉力方向向下，则 F ＋mgsinθ ＝ma 2

　F ＝10 N ，A 正确，D 错误． 答案：A 3 ．一物块在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力 F 作用下，斜面和当 物块始终处于静止状态，当 F 图 按图 2 所示规律变化时，物体与斜面间的摩图 擦力大小变化规律可能是图 3 中的(

　)

　 图 图 2

　 图 图 3 解析：在 在 F 的作用下，当物块有向上的运动趋势时，由平衡条件得 F ＝mgsinθ ＋F f ，当F 减小时，F f 当 也减小，当 F ＝0 时，F f ＝－mgsinθ ，即静摩擦力先减小至零又反向变大；在 F得 的作用下，物块有向下的运动趋势时，由平衡条件得 F ＋F f ＝ ＝mgsinθ ，当 F 减小时，F f 变大，当 当 F ＝0 时，F f ＝ ＝mgsinθ ，故只有 C 图正确． 答案：C 4 ．(2010· 新课标全国卷) 一根轻质弹簧一端固定，用大小为 F 1 的力压弹簧的另一端，平为 衡时长度为 l 1 为 ；改用大小为 F 2 为 的力拉弹簧，平衡时长度为 l 2 . 弹簧的拉伸或压缩均在弹性限

　度内，该弹簧的劲度系数为(

　) A. F 2 －－F 1l 2 － －l 1

　B. F 2 ＋＋F 1l 2 ＋ ＋l 1 C. F2 ＋＋F 1l 2 － －l 1

　 D. F2 －－F 1l 2 ＋ ＋l 1 解析：有 由胡克定律可知，当弹簧压缩时有 F 1 ＝ ＝k(l 0 － －l 1 ) ，当弹簧拉伸时有 F 2 ＝ ＝k(l 2 －l 0 )， ，得 综合以上两式可得 k ＝ F 1 ＋F 2l 2 －l 1， ，C 正确． 答案：C 5 ．如图 4 所示，放在光滑水平面上的木块以 v 0 向右做匀速直线运动，现有一向左的水力 平力 F 作用在木块上，且随时间从零开始做线性变化，在这个过程中，能正确描述木块运动图 情况的图象是图 5 中的( 向右为正方向)(

　)

　图 图 4

　图 图 5 解析：

　由牛顿第二定律得：F ＝ma ，a 与 与 v 0 方向相反，物体先减速，后反向加速，由F-t 图象可知，物体减速的加速度增大，v-t 图象的斜率变大，故只有 B 正确． 答案：B 6 ．如图 6 所示，质量分别为 m 1 、 、m 2 的两个物体通过轻弹簧连接，力 在力 F 的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m 1 在地面，m 2 在空中 中) ，力 F 与水平方向成 θ 则 角．则 m 1 力 所受支持力 N 和摩擦力 f 正确的是 是(

　)

　图 图 6 A ．N ＝m 1 g ＋m 2 g ＋Fsinθ B ．N ＝m 1 g ＋m 2 g －Fcosθ C ．f ＝Fcosθ D ．f ＝Fsinθ 解析：于 对于 m 1 、m 2 和轻弹簧组成的系统受力分析如图，由平衡条件知：

　水平方向：f ＝Fcosθ 竖直方向：N ＋Fsinθ ＝m 1 g ＋m 2 g. 由以上两式得：f ＝Fcosθ ，N ＝m 1 g ＋m 2 g －Fsinθ ，正确选项为 C. 答案：C 7 ．如图 7 所示，A 、B 两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛( 不计空气阻力) ．下列说法正确的是(

　) A ．在上升和下降过程中 A 对 对 B 的压力一定为零

　图 图 7 B ．上升过中 程中 A 对 对 B 的压力大于 A 物体受到的重力 C ．下降过程中 A 对 对 B 的压力大于 A 物体受到的重力 D ．在上升和下降过程中 A 对 对 B 的压力等于 A 物体受到的重力 解析：于 对于 A 、B 整体只受重力作用，做竖直上抛运动，处于完全失重状态，不论上升还是下降过程，A 对 对 B 均无压力，只有 A 项正确． 答案：A 8. 如图 8 所示，固定在水平面上的光滑半球，球心 O 的正上方固定的 一个小定滑轮，细绳一端拴一小球，小球置于半球面上的 A 点，另一端从 绕过定滑轮，如图所示．今缓慢拉绳使小球从 A 点滑向半球顶点( 未到顶点) ，则此过程中，小球对半球的压力 F N 力 及细绳的拉力 F T 大小的变化情况是(

　)

　图 图 8 A ．F N 变大，F T 变大 B ．F N 变小，F T 变大 C ．F N 不变，F T 变小 D ．F N 变大，F T 变小 解析：对 对 A 进行受力分析，如图所示，力三角形 AF ′F N 与几形 何三角形OBA 相似，由相似三角形对应边成比例，即GOB ＝ F NOA ＝ F TAB ，从 则小球从 A 点缓慢上移过程中，OB 、OA 长度不变，AB 长度减小，得 故得 F N 不 变，F T 变小．C 项正确． 答案：C 二、非选择题( 本题共 4 小题，共 52 分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位) 9． ．(12 分)(2010· 亳州模拟) 一辆长为 l 1 ＝ ＝5 m 的汽车以 v 1 ＝ ＝15 m/s 的速度在公路上匀速行点 驶，在离铁路与公路交叉点 x 1 ＝ ＝175 m 处，汽车司机突然发现离交叉点 x 2 ＝ ＝200 m 处有一列为 长为 l 2 ＝ ＝300 m 的列车以 v 2 ＝ ＝20 m/s 的速度行驶过来，为了避免事故的发生，汽车司机立刻使汽车减速，让列车先通过交叉点，求汽车减速的加速度至少多大？( 不计汽车司机的反 应时

　间 间) 解析：

　列车驶过交叉点用时：t ＝ l 2 ＋x 2v 2， ， t ＝25 s 在 若汽车在 25 s 内位移为 x 1 ＝ ＝175 m ， 则：v 1 t － 12 at2 ＝x 1 ， ， a ＝0.64 m/s 2 . 时 此时 v ＝v 1 －at ，v ＝－1 m/s ，因此汽车已经在 25 s 前冲过了交叉点，发生了交通事故，不合题意． 于 要使汽车安全减速，必须在小于 25 s 的时间内汽车速度减小为零，这样才能使它的位移于 小于 175 m. 由 由 v 1 2 ＝ ＝2ax 1 ， ， 得 得 a ＝914

　m/s2 ≈0.643 m/s 2 . 汽车减为 速的加速度至少为 0.643 m/s 2 . 答案：0.643 m/s 2

　10.(12 分) 如图 9 所示，在质量为 M 的小车中，用细线悬挂一个质为 量为 m 的小球，在水平牵引力 F 的作用下，小车向右做匀加速运动，稳定时悬线向左偏转的角度为 α力 ，撤去牵引力 F 后，小车继续向右运动，为 稳定时小球向右偏转的角度为 β. 求：牵引力 F 的大小．

　图 图 9 解析：

　当小车受到水平牵引力 F 时，对整体分析，由牛顿第二定律得 F －F f ＝ ＝(M ＋m)a 1

　则 对小球分析如图所示，则 mgtanα ＝ma 1

　当小车不受牵引力 力 F 时，对系统整体分析：

　F f ＝ ＝(M ＋m)a 2

　对小球分析，mgtanβ ＝ma 2

　得 联立上式解得 F ＝(M ＋m)g(tanα ＋tanβ) ． 答案：(M ＋m)g(tanα ＋tanβ) 11 ．(13 分) 如图 10 所示，一块磁铁放在铁板 ABC 上的 A 处，其中AB 长为 1 m ，BC 长为 0.8 m ，BC 与水平面间的夹角为 37° ，磁铁与铁的 板间的引力为磁铁重的 0.2 倍，磁铁与铁板间的动摩擦因数 μ＝ ＝0.25 ，

　 图 图 10 度 现在给磁铁一个水平向左的初速度 v 0 ＝ ＝4 m/s. 不计磁铁经过 B ． 处的机械能损失．(g ＝10 m/s 2 ，sin37° ＝0.6 ，cos37° ＝0.8) 则：

　(1) 求磁铁第一次到达 B 处的速度大小；

　(2) 求磁铁在 BC 上向上运动的加速度大小； (3) 请分析判断磁铁最终能否第二次到达 B 处． 解析：(1) 分析物体在水平面上的受力情况，由牛顿第二定律可得：μ(mg ＋kmg) ＝ma 1

　又：v B 2 －v 0 2 ＝ ＝2( －a 1 )x AB

　由以上两式可得：v B ＝ ＝ 10 m/s (2) 物体在斜面上向上运动时， μ(mgcos37° ＋kmg) ＋mgsin37° ＝ma 2

　解得：a 2 ＝ ＝8.5 m/s 2

　(3)由 由 x m ＝ v B22a 2 得得 x m ＝ ＝0.6 m<0.8 m 出 故磁铁不会滑出 BC 面 因 又因 μ(mgcos37° ＋kmg)<mgsin37° ， 在 故磁铁不可能停在 BC 面上，一定能第二次到达 B 处． 答案：(1) 10 m/s

　(2)8.5 m/s 2

　 (3) 见解析 12 ．(15 分) 一水平传送带以 v 0 ＝ ＝2.0 m/s 的速度顺时针传送，水平部分长 L ＝2.0 m ，其右端与一倾角为 θ ＝37° 的光滑斜面平滑相连，斜面长为 0.4 m ，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间的动摩擦因数 μ＝ ＝0.2 ，若物 块由传送带右端滑到斜面的过程中无能量损失，试问：

　图 图 11 (1) 物块能否达到斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度； (2) 出发后 9.5 s 内物块运动的路程．(sin37° ＝0.6 ，g 取 取 10 m/s 2 ) 解析：(1) 物块在传送带上先加速运动后匀速运动：

　a 1 ＝μg＝ ＝2 m/s 2

　加速运动的时间为：t 1 ＝ v 0a 1 ＝＝1 s ； 加速运动的距离为：s 1 ＝ 12 a 1 t 12 ＝＝1 m 匀速运动的距离为：s 2 ＝L －s 1 ＝ ＝1 m ； 匀速运动的时间为：t 2 ＝ s 2v 0 ＝＝0.5 s 以 然后物块以 2 m/s 的速度滑上斜面，a 2 ＝ ＝gsinθ ＝6 m/s 2 上升过程的时间为：t 3 ＝ v 0a 2 ＝ 13

　s；； 离 上升距离 s 3 ＝ v 022a 2 ＝ 13

　m<0.4 m ，所以物块不能到达最高点，上升的最大高度为 h ＝s 3 sinθ

　＝ ＝0.2 m. (2) 物块运动的全过程为：先加速 1 s ，后匀速 0.5 s ，然后上升 13

　s ，接着下降 13

　s 回到传过 送带，再经过 1 s 速度减为零，然后加速 1 s 运动到斜面底端 „„ 物块按一定规律往返运动，周期 83

　s. 后 出发后 9.5 s 内物块先经 1.5 s 第一次到达斜面底端，后 8 s 内，恰好完成三个周期，则：s ＝L ＋6(s 2 ＋s 3 ) ＝10 m. 答案：(1) 不能

　0.2 m

　(2)10 m

推荐访问:专题 第一篇 直线